17年高考有机化学推断题练习及解析_化学试题-查字典化学网

2017年高考在即，怎样复习容易提高成绩恐怕是所有考生关心的问题。为了帮助考生在考试中从容应答，小编为大家搜集了高考有机化学推断题，一起来看看吧。

1.(2014•上海单科化学卷，T3)结构为…—CH=CH—CH=CH—CH=CH—CH=CH-…的高分子化合物用碘蒸气处理后，其导电能力大幅度提高。上述高分子化合物的单体是

A.乙炔 B.乙烯 C.丙烯 D.1，3-丁二烯

【答案】A

【解析】根据高分子化合物的结构简式“…—CH=CH—CH=CH—CH=CH—CH=CH-…”可知，该物质属于加聚产物，链节是-CH=CH-，因此单体是乙炔，答案选A。

2.(2014•四川理综化学卷，T10)(16分)A是一种有机合成中间体，其结构简式为。A的合成路线如下图，其中B～H分别代表一种有机物。

请回答下列问题：

(1)A中碳原子的杂化轨道类型有 ① ;A的名称(系统命名)是 ② ;第⑧步反应的类型是 ③ 。

(2)第①步反应的化学方程式是

(3)C物质与CH2=C(CH3)COOH按物质的量之式1：1反应，其产物经加聚得到可作隐形眼镜的镜片材料I。I的结构简式是

(4)第⑥步反应的化学方程式是

(5)写出含有六元环，且一氯代物只有两种(不考虑立体异构)的A的同分异构体的结构简式：。

【答案】(1)①sp2、sp3 ②3，4-二乙基-2，4-已二烯 ③消去反应

(2)CH3CH2OH+HBr CH3CH2Br+H2O

(3)

(4)4CH3CH2MgBr+ +2CH3OMgBr

(5)

【解析】(1)A中含有碳碳单键和碳碳双键，碳原子的杂化轨道类型有sp2、sp3 ; 的系统命名法为：3，4-二乙基-2，4-已二烯。由题意知：B为C2H5OH，C为乙二醇;D 为乙二酸，E为乙二酸二甲酯;G为，H为故反应类型为消去反应。

(2)第①步反应的化学方程式是CH3CH2OH+HBr CH3CH2Br+H2O;

(3)乙二醇与CH2=C(CH3)COOH按物质的量之式1：1反应，生成加聚得到可作隐形眼镜的镜片材料I，结构为

(4)第⑥步反应的化学方程式

4CH3CH2MgBr+ +2CH3OMgBr

(5)含有六元环，且一氯代物只有两种(不考虑立体异构)的A的同分异构体的结构简式：

4、(2014•上海单科化学卷，T九)(本题共14分)M是一种治疗直肠癌和小细胞肺癌药物的主要成分，其结构为 (不考虑立体结构，其中R为 )，M的一种合成路线如下(部分反应试剂和条件省略)。

完成下列填空：

46.写出反应类型：反应①_____________ 反应③_________________

47.写出反应试剂和反应条件：反应②_________________ 反应④____________________

48.写出结构简式：B_____________________ C_________________________

49.写出一种满足下列条件A的同分异构体的结构简式

(1)能与FeCl3溶液发生显色反应;(2)能发生银镜反应;(3)分子中有5种不同化学环境的氢原子_____________________________________________________________

50.丁烷氯代可得到2-氯丁烷，设计一条从2-氯丁烷合成1，3-丁二烯的合成路线。

(合成路线常用的表示方式为： )

__________________________________________________________________________

51.已知：与的化学性质相似，从反应④可得出的结论是：____________

【答案】(本题共14分)

46.取代反应氧化反应

47.C2H5OH，浓硫酸，加热 (1)NaOH/H2O，加热 (2)盐酸;或盐酸，加热

48.

49.

50.CH3CHClCH2CH3—————————→NaOH/C2H5OHΔCH3CH=CHCH3——————→Br2/CCl4

CH3CHBrCHBrCH3—————————→NaOH/C2H5OHΔCH2=CHCH=CH2

51.酰胺(肽键)水解比酯水解困难

【解析】由流程可知，丁烷经氧化可生成丁酸酐，在氯化铝作用下生成，对比和反应②的产物可知A应为，对比反应产物可知分子式为C13H16O3的物质的结构简式为，B与C发生取代反应生成肽键，由反应流程可知B应为，C为。

46.丁烷经氧化可生成丁酸酐，在氯化铝作用下生成，为加成反应，反应③的变化为羟基生成醛基，为氧化反应;

47.反应②为酯化反应，在浓硫酸作用下与乙醇加热反应可生成，反应④为酯的水解反应(NaOH/H2O，加热)，应在盐酸作用下加热反应生成;

48.由以上分析可知，B应为，C为。

49.A为，①能与FeCl3溶液发生显色反应，说明含有酚羟基;②能发生银镜反应，说明含有醛基;③分子中有5种不同化学环境的氢原子，则可能对应的同分异构体的结构简式为 ;

50.从2-氯丁烷合成1，3-丁二烯，应先在氢氧化钠的乙醇溶液中加热发生消去反应生成2-丁烯，然后发生加成反应生成1，2-二溴丁烷，进而发生消去反应生成1，3-丁二烯，反应的流程为CH3CHClCH2CH3—————————→NaOH/C2H5OHΔCH3CH=CHCH3——————→Br2/CCl4CH3CHBrCHBrCH3—————————→NaOH/C2H5OHΔCH2=CHCH=CH2;

51.D中含有肽键和酯基，反应④为酯的水解反应，说明酰胺(肽键)水解比酯水解困难。

5.(2014•山东理综化学卷，T34)(12分)【化学—有机化学基础】3 对甲苯丙烯酸甲酯(E)是一种用于合成抗血栓药的中间体，其合成路线如下：

+CO B E

已知：HCHO+CH3CHO CH2=CHCHO+H2O。

(1)遇FeCl3溶液显紫色且苯环上有两个取代基的A的同分异构体有_______种。B中含氧官能团的名称为_____________。

(2)试剂C可选用下列中的_____________。

a、溴水 b、银氨溶液 c、酸性KMnO4溶液 d、新制Cu(OH)2悬浊液

(3) 是E的一种同分异构体，该物质与足量NaOH溶液共热的化学方程式为__________________________________。

(4)E在一定条件下可以生成高聚物F，F的结构简式为______________________________。

【答案】(12分)

(1)3 醛基

(2)b、d

(3)

(配平不作要求)

(4)

【解析】由合成路线可知，甲苯发生取代反应生成对甲基苯甲醛，再与CH3CHO在碱性条件下反应生成B，B为，①中-CHO被弱氧化剂氧化为-COOH，而C=C不能被氧化，再酸化得到D ，D与甲醇发生酯化反应生成E为。

(1)能遇FeCl3溶液显紫色的有机物是酚类，含有酚羟基，将醛基(—CHO)中的氧原子拆分成-OH连接在苯环上，将碳原子与甲基连接形成-CH=CH2,连接在苯环上，二者可以是邻位、间位和对位关系，故符合条件的同分异构体有3种。B中含氧官能团的名称是醛基。

(2)运用新信息可以推出B的结构简式是，B转化为D需要将醛基氧化为羧基，但是碳碳双键易与溴水和酸性高锰酸钾溶液反应，故只能选用银氨溶液和新制的氢氧化铜悬浊液，故选b、d。

(3)有机物中的酯基是酚酯基，1mol完全反应消耗2mol NaOH。反应方程式为：

(4)E中含有碳碳双键，可以发生加聚反应，得到的高聚物的结构简式为：

6.(15 分) (2014•全国大纲版理综化学卷，T30)“心得安”是治疗心脏病的药物，下面是它的一种合成路线(具体反应条件和部分试剂略)：回答下列问题：

(1)试剂a是，试剂b的结构简式为，b中官能团的名称是。

(2)③的反应类型是。

(3)心得安的分子式为。

(4)试剂b可由丙烷经三步反应合成：

反应1的试剂与条件为，

反应2的化学方程式为，

反应3的反应类型是。(其他合理答案也给分)

(5)芳香化合物D是1-萘酚的同分异构体，其分子中有两个官能团，能发生银镜反应，D能被KMnO4酸性溶液氧化成E( C2H4O2) 和芳香化合物F (C8H6O4)，E和F与碳酸氢钠溶液反应均能放出CO2气体，F芳环上的一硝化产物只有一种。D的结构简式为 ;由F生成一硝化产物的化学方程式为，该产物的名称是。

【答案】(15分)

(1)NaOH(或Na2CO3)(1分) ClCH2CH=CH2(1分)氯原子、碳碳双键(2分)

(2)氧化反应(1分)

(3)C15H21O2N(1分)

(4)Cl2 / 光照(1分) (1分) 取代反应(1分)

(5) (2分)

(2分)

2—硝基—1,4—苯二甲酸(或硝基对苯二甲酸)(2分)

【解析】(1)反应①的转化关系为，可以看出是酚羟基发生了变化，所以加入的试剂a可以是NaOH，也可以是或Na2CO3;从转化关系可以看出，反应②属于取代反应，所以b的结构简式为ClCH2CH=CH2(含有的官能团是氯原子、碳碳双键);

(2)反应③是，碳碳双键生成醚键，所以该反应属于氧化反应;

(3)根据心得安的结构简式，可知其分子式是C15H21O2N;

(4)由丙烷(CH3CH2CH3)三步合成ClCH2CH=CH2的流程图如下：

CH3CH2CH3 CH3CHClCH3 CH2=CHCH3 ClCH2CH=CH2

所以反应1的试剂是Cl2、反应条件是光照;反应2发生的化学方程式为

;反应3的反应类型属于取代反应;

(5)1-萘酚的结构简式为，分子式为C10H8O，芳香化合物D分子中有两个官能团，能发生银镜反应，说明D函分子结构中含有醛基(—CHO)，并且能被酸性KMnO4溶液氧化(D E( C2H4O2) +芳香化合物F (C8H6O4))。E和F与碳酸氢钠溶液反应均能放出CO2气体，说明二者均具有酸性(含有官能团—COOH)，所以E的结构简式是CH3COOH，又因为F芳环上的一硝化产物只有一种，说明F上的羧基的位置是对称关系，所以F的结构简式为 (其中一个—COOH是醛基被氧化的到的，另一个是碳碳三键被氧化得到)，则D的结构简式为 ;F的结构简式为，F发生硝化反应的反应方程式为，得到的产物是 (2—硝基—1, 4—苯二甲酸(或硝基对苯二甲酸))。

7.(2014•全国理综I化学卷，T38)[化学——选修5：有机化学基础](15分)席夫碱类化合物G在催化席夫碱类化合物G在催化、药物、新材料等方面有广泛应用。合成G的一种路线如下：

已知以下信息：

①

②一摩尔B经上述反应可生居二摩尔C，且C不能发生银镜反应。

③D属于单取代芳烃，其相对分子质量为106。

④核磁共振氢谱显示F苯环上有两种化学环境的

⑤

回答下列问题：

(1)由A生成B的化学方程式为，反应类型为

(2)D的化学名称是，由D生成E的化学方程式为：

(3)G的结构简式为

(4)F的同分异构体中含有苯环的还有____种(不考虑立体异构)。其中核磁共振氢谱中有4组峰，且面积比为6：2：2：1的是_______。(写出其中的一种的结构简式)。

(5)由苯和化合物C经如下步骤可合成N-异丙基苯胺。

反应条件1所选择的试剂为____________;反应条件2所选择的试剂为________;I的结构简式为_____________。

【答案】(1)C(CH3)2Cl—CH(CH3)2+NaOH――――→乙醇△ C(CH3)2=C(CH3)2+NaCl+H2O

(2)乙苯，C2H5— +HNO3 C2H5— —NO2+H2O

(3)C2H5— —N=C-∣CH3CH3

(4)19种，

(5)浓硝酸、浓硫酸;Fe/稀盐酸; —NH2。

【解析】A是氯代烷烃，发生消去反应得到烯烃B，结合信息①②可知B是一种对称烯烃，且双键碳原子上没有氢原子，则B结构简式为：C(CH3)2=C(CH3)2，生成的C是丙酮：CH3C‖OCH3;F分子式为C8H11N，结合信息③，D是乙苯;F的苯环上只有两种环境的氢原子，则乙基、氨基位于对位上：C2H5— —NH2;F与丙酮C发生信息⑤的反应得到产品G：C2H5— —N=C-∣CH3CH3。

(1)A生成B是氯代烃的消去反应，C(CH3)2Cl—CH(CH3)2+NaOH――――→乙醇△ C(CH3)2=C(CH3)2+NaCl+H2O

(2)D的名称是乙苯，C2H5— +HNO3 C2H5— —NO2+H2O

(3)G结构简式为：C2H5— —N=C-∣CH3CH3

(4)对乙基苯胺的同分异构体还有：邻乙基苯胺、间乙基苯胺、2,3—二甲基苯胺、2,4—二甲基苯胺、2,5—二甲基苯胺、2,6—二甲基苯胺、3,4—二甲基苯胺、3,5—二甲基苯胺共8种，把C2H6N作为一个取代基共有5种，分别作为一个甲基、一个甲氨基有3种，分别作为一个甲基、一个氨基甲基又有3种。所以共有：8+5+3+3=19种;核磁共振有4组峰表示有4种氢原子，且原子个数比为6︰2︰2︰1的有：或或 ;

(5)结合题中的信息⑤，采用逆推法：J用H2加成得到产品，J为 —N=C-∣CH3CH3，则I为 —NH2，H为： —NO2，反应条件1是苯环上引入硝基，试剂为：浓硝酸、浓硫酸;反应条件2把硝基还原为氨基，试剂为：Fe、稀盐酸。

8.(2014•全国理综II化学卷，T38)[化学—选修5：有机化学基础](15分)立方烷具有高度对称性、高致密性、高张力能及高稳定性等特点，因此和成立方烷及其衍生物呈为化学界关注的热点。下面是立方烷衍生物I 的一种合成路线：

回答下列问题：

(1)C的结构简式为_________，E的结构简式为__________。

(2)○3的反应类型为__________，○5的反应类型为__________。

(3)化合物A可由环戍烷经三步反应合成：

反应1的试剂与条件为_________:反应2的化学方程式为__________;反应3可用的试剂为____________。

(4)在1的合成路线中，互为同分异构体的化合物是__________(填化合物的代号)。

(5)1与碱石灰共热可转化为立方烷。立方烷的核磁共振氢谱中有________个峰。

(6)立方烷经硝化可得到六硝基立方烷，其可能的结构有________种。

【答案】[化学—选修5：有机化学基础](15分)

(1)

(2)取代反应消去反应

(3)Cl2/光照 O2/Cu

(4)G和H

(5)1

(6)3

【解析】(1)C是由B( )在NaOH的醇溶液发生消去反应生成的，根据消去反应的规律，可知C的结构简式为 ;E是由D( )和Br2发生加成反应得到的，所以E的结构简式为 ;

(2)根据流程路线可知：A( )生成B( )属于取代反应，B( )在NaOH的醇溶液发生消去反应生成C( )，C( )与NBS在过氧化氢存在的条件下加热发生取代反应生成D( )，D( )和Br2发生加成生成E( )，所以反应③是取代反应;反应⑤是E( )生成F( )，所以反应⑤属于消去反应;

(3)根据合成路线，采取逆推法可知，生成环戊酮可以由环戊醇发生氧化反应(Cu或Ag作催化剂，加热)而生成，环戊醇可以由一氯环戊烷在NaOH的水溶液中发生取代反应而生成，一氯环戊烷可以由环戊烷和Cl2发生取代反应(光照)而生成，即

故反应1的试剂与条件为Cl2/光照，反应2的化学方程式为，反应3可用的试剂是O2/Cu;

(4)在1的合成路线中，G和H的分子式均为C9H6O2Br2，二者的结构式不相同，所以G和H互为同分异构体;

(5)根据立方烷的结构简式可知，立方烷空间对称，只有1种类型的H原子，所以立方烷的核磁共振氢谱中有1个峰;

(6)由还原法可知，立方烷的二硝基代物和六硝基代物的种类相同，根据立方烷的结构简式可知，立方烷的分子式是C8H8，立方烷的二硝基代物的结构由三种(相邻碳原子、同面对角线碳原子、立体对角线)，六硝基立方烷的结构也有3种。

9.(2014•江苏单科化学卷，T17)(15分)非诺洛芬是一种治疗类风湿性关节炎的药物，可通过以下方法合成：

请回答下列问题：

(1)非诺洛芬中的含氧官能团为和 (填名称)。

(2)反应①中加入的试剂X的分子式为C8H8O2，X的结构简式为。

(3)在上述五步反应中，属于取代反应的是 (填序号)。

(4)B的一种同分异构体满足下列条件：

Ⅰ 、能发生银镜反应，其水解产物之一能与FeCl3溶液发生显色反应。

Ⅱ、分子中有6种不同化学环境的氢，且分子中含有两个苯环。

写出该同分异构体的结构简式：。

(5)根据已有知识并结合相关信息，写出以为原料制备的合成路线流程图(无机试剂任用)。合成路线流程图示例如下：

【答案】(15分)

(1)醚键羰基

(2)

(3)①③④

(4)

(5)

【解析】(1)根据非诺洛芬的结构简式，可知非诺洛芬的含氧官能团为醚键，羧基。

(2)由变成，发生取代反应，加入反应的物质的化学式为C8H8O2，则X的结构简式为

(3)根据官能团之间的衍变关系，属于取代反应的是①③④

(4)B的同分异构体能发生银镜反应，说明含有醛基，水解产物能与氯化铁发生显色反应，说明含有酚羟基，分子中含有2个苯环，有6种不同的H原子，则结构简式为

(5)合成流程图如下：

10、(14分)(2014•海南单科化学卷，T18-II)1，6— 己二酸(G)是合成尼龙的重要原料之一，可用六个碳原子的化合物氧化制备。下图为A通过氧化反应制备G的反应过程(可能的反应中间物质为B、C、D、E和F)。

回答了了问题：

(1)化合物A中含碳87.8%，其余为氢，A的化学名称为________________。

(2)B到C的反应类型为________________。

(3)F的结构简式为________________。

(4)在上述中间物质中，核磁共振氢谱出峰最大的是___________，最少的是____________(填化合物代号)。

(5)由G合成尼龙的化学方程式为________________________________。

(6)由A通过两步制备1,3—环己二烯的合成线路为________________________________。

【答案】(14分)

(1)环己烯 (2分)

(2)加成反应 (1分)

(3) (2分)

(4)DE F (2分，1分，共3分)

(5) (2分)

(6) (4分)

【解析】(1)结合“化合物A中含碳87.8%，其余为氢”以及AB间的转化关系，可知A的结构简式为 (环己烯);

(2)根据BC的结构简式，可知B生成C的反应属于加成反应(与H2加成);

(4)上述物质中，BCG三种物质中只有3种不同类型的H原子，D、E有6种不同类型的H原子，F有2种不同类型的H原子，因此核磁共振氢谱中出现峰最多的是D、E，最好的是F;

(5)由可知该反应为缩聚反应，小分子物质是H2O，故方程式为 ;

(6)由A( )通过两步制备1，3—环己二烯( )，我们可以采取逆推法，可以由发生消去反应(NaOH醇溶液/加热)制得，可以由发生加成反应(与Br2/CCl4)制得，所以制备的路线是

11.(2014•安徽理综化学卷，T26)(16分)Hagrmann酯(H)是一种合成多环化合物的中间体，可由下列路线合成(部分反应条件略去)：

(1)A→B为加成反应，则B的结构简式是 ;B→C的反应类型是。

(2)H中含有的官能团名称是 ;F的名称(系统命名)是。

(3)E→F的化学方程式是。

(4)TMOB是H的同分异构体，具有下列结构特征：①核磁共振氢谱除苯环吸收峰外仅有1个吸收峰;②存在甲氧基(CH3O-)。TMOB的结构简式是。

(5)下列说法正确的是。

a.A能和HCl反应得到聚氯乙烯的单体

b.D和F中均含有2个π键

c.1 mol G完全燃烧生成7 mol H2O

d.H能发生加成、取代反应

【答案】(16分)

(1)CH2=CH—C CH 加成反应

(2)碳碳双键，羰基，酯基 2 丁炔酸乙酯

(3) +CH3CH2OH CH3C CCOOCH2CH3+H2O

(4)

(5)a、d

【解析】(1)从流程图可以看出，A→B是两个乙炔的加成反应，生成B，然后再甲醇(CH3OH)发生加成反应生成C( )，可知B的结构简式是CH2=CH—CH CH2;结合F(CH3C CCOOCH2CH3)是由E和CH3CH2OH发生酯化反应的到的，所以E的结构简式为CH3C CCOOH。

(1)A→B是两个乙炔的加成反应，所以B的结构简式为CH2=CH—CH CH2，B→C是CH2=CH—CH CH2和甲醇的加成反应;

(2)H的结构简式为，含有的官能团是碳碳双键，羰基，酯基;F的结构简式为CH3C CCOOCH2CH3，命名为2 丁炔酸乙酯

(3)E→F的反应是E(CH3C CCOOH)和CH3CH2OH发生的酯化反应，所以反应方程式为： +CH3CH2OH CH3C CCOOCH2CH3+H2O;

(4)H的结构简式为，TMOB是H的同分异构体，具有下列结构特征：①核磁共振氢谱除苯环吸收峰外仅有1个吸收峰;②存在甲氧基(CH3O-) ，说明TMOB结构中含有苯环，存在甲氧基(CH3O-) ，又因为除苯环吸收峰外仅有1个吸收峰，所以应该含有3个甲氧基(CH3O-)，且三个甲氧基等价，所以TMOB的结构简式为。

12.(2014•北京理综化学卷，T25)(17分)顺丁橡胶、制备醇酸树脂的原料M以及杀菌剂N的合成路线如下：

已知：

(1)CH2=CH-CH=CH2的名称是_______;

(2)反应I的反应类型是_______;

a.加聚反应 b.缩聚反应

(3)顺式聚合物P的结构式是(选填字母)_______;

(4)A的相对分子质量为108。

①反应II的化学方程式是_____________________

②1molB完全转化为M所消耗的H2的质量是______g。

(5)反应III的化学方程式是______________________________。

(6)A的某些同分异构体在相同反应条件下也能生成B和C，写出其中一种同分异构体的结构简式__________。

【答案】(1)1,3—丁二烯 (2)a (3)b

(4)①2 CH2=CH-CH=CH2+ ②6g

(5) +HCHO +H2O

(6)

【解析】由转化关系：

1,3—丁二烯(CH2=CH—CH=CH2)发生聚合反应I生成顺式聚合物P，则P为聚顺1,3—丁二烯;反应II是两个烯烃的反应，结合题目所给的信息，可知A的结构简式为 ; 发生反应生成B和C，根据B和H2加成生成，则说明B的结构简式为，则C的结构简式为HCHO，C(HCHO)和发生反应生成N(C13H8Cl4O2)，反应的方程式为

+HCHO +H2O，则N是。

(1)CH2=CH—CH=CH2的名称是1,3—丁二烯(CH2=CH—CH=CH2);

(2)反应I是1,3—丁二烯(CH2=CH—CH=CH2)的加聚反应(没有小分子物质生成);

(3)顺式P的结构简式应该是两个H原子位于碳碳双键的同侧，答案选b;

(4)A的结构简式为，所以反应II的方程式为; + ;1molB( )分子中含有3mol醛基(—CHO)，所以能和3molH2发生加成反应，则消耗H2的质量是6g。

(5)反应III的方程式为 +HCHO +H2O;

(6)根据可知：烯烃中的碳碳双键被氧化成醛基(—CHO)，则B是，C是甲醛(HCHO)，所以和HCHO也可以是被氧化得到。

13.(2014•福建理综化学卷，T32)【化学-有机化学基础】(13分)叶酸是维生素B族之一，可以由下列甲、乙、丙三种物质合成。

甲乙丙

(1)甲中显酸性的官能团是 (填名称)。

(2)下列关于乙的说法正确的是 (填序号)。

a.分子中碳原子与氮原子的个数比是7：5 b.属于芳香族化合物

c.既能与盐酸又能与氢氧化钠溶液反应 d.属于苯酚的同系物

(3)丁是丙的同分异构体，且满足下列两个条件，丁的结构简式为。

a.含有 b.在稀硫酸中水解有乙酸生成

(4)甲可以通过下列路线合成(分离方法和其他产物已经略去)：

①步骤I的反应类型是。

②步骤I和IV在合成甲过程中的目的是。

③步骤IV反应的化学方程式为。

【答案】(13分)

(1)羧基

(2)a、c

(3)

(4)①取代反应 ②保护氨基

③

【解析】(1)甲的结构简式为，显酸性的官能团为羧基;

(2)根据乙的结构简式，分子中碳原子为7，N原子个数为5，a选项正确;不含苯环，b错误;含有氨基能与盐酸反应，含有氯素原子可以与氢氧化钠反应，c正确;不属于酚类，d错误。

(3)丁，且在稀硫酸中水解有乙酸生成，则丁含有酯基，结构简式为

(4)由题给信息可知，反应I为取代反应，步骤I和IV在合成甲过程中的目的是保护氨基;步骤IV反应的化学方程式为

14.(2014•广东理综化学卷，T30)(15分)不饱和酯类化合物在药物、涂料等应用广泛。

(1)下列化合物I的说法，正确的是______。

A.遇FeCl3溶液可能显紫色

B.可发生酯化反应和银镜反应

C.能与溴发生取代和加成反应

D.1mol化合物I最多能与2molNaOH反应

(2)反应①是一种由烯烃直接制备不饱和酯的新方法：

化合物II的分子式为____________，1mol化合物II能与_____molH2恰好完全反应生成饱和烃类化合物。

(3)化合物II可由芳香族化合物III或IV分别通过消去反应获得，但只有II能与Na反应产生H2，II的结构简式为________ (写1种);由IV生成II的反应条件为_______。

(4)聚合物可用于制备涂料，其单体结构简式为_______________。利用类似反应①的方法，仅以乙烯为有机物原料合成该单体，涉及的反应方程式为____________________________________________________。

【答案】(15分)

(1)AC (2分)

(2)C9H10 (1分) 4(1分)

(3) 或 (2分) NaOH醇溶液，加热(2分)

(4)CH2=CHCOOCH2CH3(2分)

CH2=CH2+ H2O CH3CH2OH(2分)

2CH2=CH2+2CH3CH2OH+2CO+O2 2CH2=CHCOOCH2CH3+2H2O(3分)

【解析】(1)化合物I的结构中含有酚羟基，从而能与FeCl3溶液反应。使溶液显显紫色，A正确;化合物I的结构中不含有醛基(—CHO)，不能发生银镜反应，B错误;化合物I的结构中含有酚羟基(能和溴发生取代反应)和碳碳双键(能与溴发生加成反应)，C正确;化合物I分子中含有2个酚羟基和1个酯基，所以1mol化合物I最多能与3molNaOH反应，D错误;

(2)根据化合物II的结构简式可知其分子式为C9H10;由于化合物II的结构中含有1个苯环和1个碳碳双键，所以1mol化合物II能与4molH2恰好完全反应生成饱和烃类化合物;

(3)化合物II分子结构中含有碳碳双键，且可由化合物III和I V制得，化合物III能与金属Na发生反应，从而说明化合物III中含有羟基，化合物III通过发生分子内的消去反应制得化合物II，由于羟基的位置有2种，所以化合物的结构简式有2种，即或者 ;化合物IV同样可以制取化合物II，且不与金属Na反应，说明化合物IV制取化合物II的方法应为卤代烃的消去反应，卤代烃的消去反应的条件是：在NaOH的醇溶液，加热的条件下制取;

(4)由聚合物的结构简式可知，该聚合物是由丙烯酸乙酯( )发生加聚反应得到的。

15、(2014•上海单科化学卷，T七)(本题共12分) 氯气和氯乙烯都是非常重要的化工产品，年产量均在107 t左右。氯气的实验室制备和氯乙烯的工业生产都有多种不同方法。

完成下列填空：

38.实验室制取纯净的氯气，除了二氧化锰、浓盐酸和浓硫酸。还需要_________________、

______________________(填写试剂或溶液名称)。

39.实验室用2.00 mol/L盐酸和漂粉精[成分为Ca(ClO)2、CaCl2]反应生成氯气、氯化钙和水，若产生2.24 L(标准状况)氯气，发生反应的盐酸____________mL

40.实验室通常用向上排空气法收集氯气。设计一个简单实验，验证所收集的氯气中是否含有空气。_______________________________________________________________

41.工业上用电石-乙炔法生产氯乙烯的反应如下：

CaO+3C CaC2+CO

CaC2+2H2O→HC≡CH↑+Ca(OH)2

HC≡CH +HCl CH2=CHCl

电石-乙炔法的优点是流程简单，产品纯度高，而且不依赖于石油资源。

电石-乙炔法的缺点是：__________________________、________________________。

42.乙烷和氯气反应可制得ClCH2CH2Cl，ClCH2CH2Cl加热分解得到氯乙烯和氯化氢。

设计一种以乙烯和氯气为原料制取氯乙烯的方案(其他原料自选)，用化学方程式表示(不必注明反应条件)

要求：①反应产生的氯化氢必须用于氯乙烯的制备;②不产生其他度废液。

【答案】(本题共12分)

38.饱和氯化钠溶液、氢氧化钠溶液

39.100

40.用试管收集氯气，收集满后将试管倒立在氢氧化钠溶液中，观察试管内有无残留气体。

41.高耗能会污染环境

42.CH2=CH2+Cl2→ClCH2CH2Cl ClCH2CH2Cl→CH2=CHCl+HCl CH≡CH+ HCl→CH2=CHCl

【解析】38.实验室用盐酸制备氯气，氯气中混有氯化氢，得到纯净的氯气，应用饱和氯化钠溶液除去HCl，再用浓硫酸干燥，最后用氢氧化钠溶液进行尾气吸收;

39.反应的方程式为ClO—+Cl—+2H+=Cl2↑+H2O，n(Cl2)= =0.1mol，则需要n(HCl)=0.2mol，发生反应的盐酸的体积为V= =0.1L=100mL;

40. 氯气可与氢氧化钠溶液反应，如含有空气，则与氢氧化钠反应后试管内有残留气体;

41.工业在高温下生产电石，用电石生产乙炔，耗能大，由于乙炔与HCl的反应在氯化汞的作用下进行，污染环境;

42.以乙烯和氯气为原料制取氯乙烯，可由乙烯和氯气发生加成反应生成1，2-二氯乙烷，1，2-二氯乙烷发生消去反应生成氯乙烯，生成的氯化氢电解生成氢气和氯气，氢气和乙烯发生加成反应生成乙烷，乙烷和氯气发生取代反应生成1，2-二氯乙烷，涉及反应有CH2=CH2+Cl2→ClCH2CH2Cl 、ClCH2CH2Cl→CH2=CHCl+HCl 以及CH≡CH+ HCl→

CH2=CHCl

16.(2014•天津理综化学卷，T8)(18分)从薄荷油中得到一种烃A(C10H16)，叫α非兰烃，与A相关反应如下：

已知： ――→KMnO4/H+△

(1)H的分子式为____________。

(2)B所含官能团的名称为____________。

(3)含两个—COOCH3基团的C的同分异构体共有________种(不考虑手性异构)，其中核磁共振氢谱呈现2个吸收峰的异构体的结构简式为______________。

(4)B→D，D→E的反应类型分别为______________、____________。

(5)G为含六元环的化合物，写出其结构简式：______________。

(6)F在一定条件下发生聚合反应可得到一种高吸水性树脂，该树脂名称为___________。

(7)写出E→F的化学反应方程式：_________________________。

(8)A的结构简式为____________，A与等物质的量的Br2进行加成反应的产物共有________种(不考虑立体异构)。

【答案】(18分)

(1)C10H20

(2)羰基、羧基

(3)4　CH3OOCCCH3COOCH3CH3

(4)加成反应(或还原反应)　取代反应

(5)

(6)聚丙烯酸钠

(7) +2NaOH――→C2H5OH△CH2===CHCOONa+NaBr+2H2O

(8) 　 3

【解析】由A―→H的转化加氢，有机物分子的碳链骨架没有变化，可知A分子中含有一个六元环，结合A的分子式C10H16可知还应含有两个不饱和度，再根据题中信息以及C的结构简式、B的分子式可推出A的结构简式为，则B的结构简式为，B―→D加氢，属于加成反应，则D为乳酸，由E―→F的条件“氢氧化钠的醇溶液加热”，应为卤代烃的消去，逆推可知D―→E发生取代反应，溴原子取代了乳酸分子中的羟基，则E、F的结构简式分别为和。

(3)两个—COOCH3基团在端点，故可写出其满足条件的同分异构体有：、、

和共四种，其中具有较强的对称性，只有两种化学环境的氢原子。(8)A为共轭烯烃，与等物质的量的Br2发生加成反应，有两种1、2加成产物，一种1、4加成产物，共3种。

17.(2014•浙江理综化学卷，T29)(15分)某兴趣小组以苯和乙烯为主要原料，采用以下路线合成药物普鲁卡因：

已知：

⑴对于普鲁卡因，下列说法正确的是________。

A.可与浓盐酸形成盐 B.不与氢气发生加成反应

C.可发生水解反应 D.能形成内盐

⑵写出化合物B的结构简式________。

⑶写出B→C反应所需的试剂________。

⑷写出C+D→E的化学反应方程式________。

⑸写出同时符合下列条件的B的所有同分异构体的结构简式________。

①分子中含有羧基 ②1H-NMR谱显示分子中含有苯环，且苯环上有两种不同化学环境的氢原子